① 關於計算機網路與通信技術的簡答題!求助
1. route print
4.DES密鑰長度較短，只有56位，並且加密的速度較慢，RSA是公鑰加密演算法，安全性高，公鑰加密，私玥解密，可以實現保密通信，私玥加密，公鑰解密，可以用於數字簽名
5.（1）如果將重組放在目的路由，那麼分成了五個數據報，包括1200個位元組的數據
（2）第一個是0，第二個是400，第三個是800，第四個是900，第五個是1040
3.TCP是面向連接的可靠地傳輸服務，適應各種可靠和不可靠的網路，用來傳語音是沒問題的，但是UDP是無連接的服務，不保證順序的提交，可能出現錯誤
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④ 計算機網路技術基礎課後習題答案
CH1 答案 一．填空題 1．通信 2．實現資源共享 3．區域網 廣域網 4．資源子網 通信子網 二．選擇題 DDBBCCA 三．簡答題 1．答：所謂計算機網路，就是指以能夠相互共享資源的方式互連起來的自治計算機系統的集合。 2．答：計算機網路技術的發展大致可以分為四個階段。 第一階段計算機網路的發展是從20世紀50年代中期至20世紀60年代末期，計算機技術與通信技術初步結合，形成了計算機網路的雛形。此時的計算機網路，是指以單台計算機為中心的遠程聯機系統。 第二階段是從20世紀60年代末期至20世紀70年代中後期，計算機網路完成了計算機網路體系結構與協議的研究，形成了初級計算機網路。 第三階段是從20世紀70年代初期至20世紀90年代中期。國際標准化組織（ISO）提出了開放系統互聯（OSI）參考模型，從而促進了符合國際標准化的計算機網路技術的發展。 第四階段是從20世紀90年代開始。這個階段最富有挑戰性的話題是互聯網應用技術、無線網路技術、對等網技術與網路安全技術。 3．網路的拓撲結構主要主要有：星型拓撲、匯流排型拓撲、環型拓撲、樹型拓撲結構、網狀型拓撲結構。 （1）星型拓撲優點：控制簡單、故障診斷和隔離容易、服務方便；缺點：電纜需量大和安裝工作量大；中心結點的負擔較重，容易形成瓶頸；各結點的分布處理能力較低。 （2）樹型拓撲優點：易於擴展、故障隔離較容易；缺點是各個結點對根的依賴性太大，如果根結點發生故障，則整個網路都不能正常工作。 （3）匯流排型拓撲的優點如下：匯流排結構所需要的電纜數量少；匯流排結構簡單，又是無源工作，有較高的可靠性；易於擴充，增加或減少用戶比較方便。匯流排型拓撲的缺點如下：匯流排的傳輸距離有限，通信范圍受到限制。故障診斷和隔離較困難。匯流排型網路中所有設備共享匯流排這一條傳輸信道，因此存在信道爭用問題， （4）環型拓撲的優點如下：拓撲結構簡單，傳輸延時確定。電纜長度短。環型拓撲網路所需的電纜長度和匯流排型拓撲網路相似，比星型拓撲網路所需的電纜短。可使用光纖。光纖的傳輸速率很高，十分適合於環型拓撲的單方向傳輸。環型拓撲的缺點如下：結點的故障會引起全網的故障；故障檢測困難；信道利用率低。 （5）網狀型拓撲優點是：可靠性好，結點的獨立處理能力強，信息傳輸容量大。 缺點是：結構復雜，管理難度大，投資費用高。 4．計算機網路的主要功能：資源共享、數據通信、實時控制、均衡負載和分布式處理、其他綜合服務。舉例說明（略）。 CH2 答案 一．填空題 1．信號
2．串列通信 並行通信 並行通信 3．調制 解調 數據機 4．幅度調制（ASK） 頻率調制（FSK） 相位調制（PSK） 5．電路交換 報文交換 分組交換 6．奇偶校驗 循環冗餘校驗 7．非屏蔽雙絞線 屏蔽雙絞線 二．選擇題 BDAABDABCCB 三．簡答題 1．答：信息是指有用的知識或消息，計算機網路通信的目的就是為了交換信息。數據是信息的表達方式，是把事件的某些屬性規范化後的表現形式，它能夠被識別，可以被描述。數據與信息的主要區別在於：數據涉及的是事物的表示形式，信息涉及的是這些數據的內容和解釋。在計算機系統中，數據是以統一的二進制代碼表示，而這些二進制代碼表示的數據要通過物理介質和器件進行傳輸時，還需要將其轉變成物理信號。信號是數據在傳輸過程中的電磁波表現形式，是表達信息的一種載體，如電信號、光信號等。在計算機中，信息是用數據表示的並轉換成信號進行傳送。 2．答：當發送端以某一速率在一定的起始時間內發送數據時，接收端也必須以同一速率在相同的起始時間內接收數據。否則，接收端與發送端就會產生微小誤差，隨著時間的增加，誤差將逐漸積累，並造成收發的不同步，從而出現錯誤。為了避免接收端與發送端的不同步，接收端與發送端的動作必須採取嚴格的同步措施。 同步技術有兩種類型： （1）位同步：只有保證接收端接收的每一個比特都與發送端保持一致，接收方才能正確地接收數據。 （2）字元或幀數據的同步：通信雙方在解決了比特位的同步問題之後，應當解決的是數據的同步問題。例如，字元數據或幀數據的同步。 3、4．略 5．傳輸出錯，目的結點接收到的比特序列除以G(x)有餘數。 CH3 答案 一．填空題 1．物理層 數據鏈路層 網路層 傳輸層 會話層 表示層 應用層 2．物理 3．比特流 差錯 4．比特 數據幀 數據包（分組） 報文 5．物理層 網路層 傳輸層 二、選擇題 DBACB BCABB CDACA 三、簡答題 1．所謂網路體系結構就是為了完成主機之間的通信，把網路結構劃分為有明確功能的層次，並規定了同層次虛通信的協議以及相鄰層之間的介面和服務。因此，網路的層次模型與各層協議和層間介面的集合統稱為網路體系結構。 2．網路體系結構分層的原則： 1）各層之間是獨立的。某一層並不需要知道它的下層是如何實現的，而僅僅需要知道下層能提供什麼樣的服務就可以了。
2）靈活性好。當任何一層發生變化時，只要層間介面關系保持不變，則在這層以上或以下各層均不受影響。 3）結構上可獨立分割。由於各層獨立劃分，因此，每層都可以選擇最為合適的實現技術。 4）易於實現和維護。這種結構使得實現和調試一個龐大而又復雜的系統變得易於處理，因為整個系統已被分解為若干個相對獨立的子系統。 3．幀同步（定界）就是標識幀的開始與結束，即接收方從收到的比特流中准確地區分出一幀的開始於結束。常見有4中幀定界方法，即字元計數法、帶字元填充的首尾界符法、帶位填充的首尾標志法和物理層編碼違例法。 4．數據鏈路層使用的地址是MAC地址，也稱為物理地址；網路層使用的地址是IP地址，也稱為邏輯地址；傳輸層使用的地址是IP地址+埠號。 5．網路層的主要功能是提供不相鄰結點間數據包的透明傳輸，為傳輸層提供端到端的數據傳送任務。網路層的主要功能有：1）為傳輸層提供服務；2）組包與拆包；3）路由選擇；4）流量控制。 6．傳輸層是計算機網路體系結構中非常重要的一層，其主要功能是在源主機與目的主機進程之間負責端到端的可靠數據傳輸，而網路層只負責找到目的主機，網路層是通信子網的最高層，傳輸層是資源子網的最低層，所以說傳輸層在網路體系結構中是承上啟下的一層。在計算機網路通信中，數據包到達指定的主機後，還必須將它交給這個主機的某個應用進程（埠號），這由傳輸層按埠號定址加以實現。 7．流量控制就是使發送方所發出的數據流量速率不要超過接收方所能接收的數據流量速率。流量控制的關鍵是需要一種信息反饋機制，使發送方能了解接收方是否具備足夠的接收及處理能力，使得接收方來得及接收發送方發送的數據幀。 流量控制的作用就是控制「擁塞」或「擁擠」現象，避免死鎖。 流量在計算機網路中就是指通信量或分組流。擁塞是指到達通信子網中某一部分的分組數量過多，使得該部分網路來不及處理，以致引起這部分乃至整個網路性能下降的現象。若通信量再增大，就會使得某些結點因無緩沖區來接收新到的分組，使網路的性能明顯變差，此時網路的吞吐量（單位時間內從網路輸出的分組數目）將隨著輸入負載（單位時間內輸入給網路的分組數目）的增加而下降，這種情況稱為擁塞。在網路中，應盡量避免擁塞現象的發生，即要進行擁塞控制。 網路層和傳輸層與流量控制和擁塞控制有關。 8．傳輸層的主要功能有：1）分段與重組數據2）按埠號定址3）連接管理4）差錯處理和流量控制。 分段與重組數據的意思如下： 在發送方，傳輸層將會話層來的數據分割成較小的數據單元，並在這些數據單元頭部加上一些相關控制信息後形成報文，報文的頭部包含源埠號和目標埠號。在接收方，數據經通信子網到達傳輸層後，要將各報文原來加上的報文頭部控制信息去掉（拆包），然後按照正確的順序進行重組，還原為原來的數據，送給會話層。 9．TCP/IP參考模型先於OSI參考模型開發，所以並不符合OSI標准。TCP/IP參考模型劃分為4個層次：1）應用層（Application Layer）；2）傳輸層（Transport Layer）；3）網際層（Internet Layer）；4）網路介面層（Host-to-Network Layer）。 10．OSI參考模型與TCP/IP參考模型的共同點是它們都採用了層次結構的概念，在傳輸層中二者都定義了相似的功能。但是，它們在層次劃分與使用的協議上有很大區別。 OSI參考模型與協議缺乏市場與商業動力，結構復雜，實現周期長，運行效率低，這是它沒有能夠達到預想目標的重要原因。 TCP/IP參考模型與協議也有自身的缺陷，主要表現在以下方面：
1）TCP/IP參考模型在服務、介面與協議的區別上不很清楚；2）TCP/IP參考模型的網 絡介面層本身並不是實際的一層，它定義了網路層與數據鏈路層的介面。物理層與數據鏈路層的劃分是必要合理的，一個好的參考模型應該將它們區分開來，而TCP/IP參考模型卻沒有做到這點。 CH4 答案 一．填空題 1．光纖 2．IEEE802.4 3．介質訪問控制子層（MAC） 邏輯鏈路子層（LLC） 4．CSMA/CD 令牌環介質訪問控制方法 令牌匯流排介質訪問控制方法 5．星型結構 匯流排型結構 環型結構 6．MAC地址 48 廠商 該廠商網卡產品的序列號 二．選擇題 ADCBCDAB 二．簡答題 1．答：區域網是在有限的地理范圍內，利用各種網路連接設備和通信線路將計算機互聯在一起，實現數據傳輸和資源共享的計算機網路。區域網特點：地理范圍有限；一般不對外提供服務，保密性較好，且便於管理；網速較快；誤碼率低；區域網投資較少，組建方便，使用靈活等。 2．答：區域網有硬體和軟體組成。區域網的軟體系統主要包括：網路操作系統、工作站系統、網卡驅動系統、網路應用軟體、網路管理軟體和網路診斷軟體。區域網的硬體系統一般由伺服器、用戶工作站、網卡、傳輸介質和數據交換設備五部分組成。 3．答：目前,區域網常用的共享式訪問控制方式有三種,分別用於不同的拓撲結構:帶有沖突檢測的載波偵聽多路訪問法（CSMA/CD），令牌環訪問控製法（Token Ring）,令牌匯流排訪問控製法（token bus）。 CSMA/CD協議主要用於物理拓撲結構為匯流排型、星型或樹型的乙太網中。CSMA/CD採用了爭用型介質訪問控制方法，原理比較簡單，技術上易實現，網路中各工作站處於平等地位，不需集中控制，不提供優先順序控制。在低負荷時，響應較快，具有較高的工作效率；在高負荷（節點激增）時，隨著沖突的急劇增加，傳輸延時劇增，導致網路性能的急劇下降。此外，有沖突型的網路，時間不確定，因此，不適合控制型網路。 令牌環（Token Ring）介質訪問控制多用於環型拓撲結構的網路，屬於有序的競爭協議。令牌環網路的主要特點：無沖突；時間確定；適合光纖；控制性能好；在低負荷時，也要等待令牌的順序傳遞，因此，低負荷時響應一般，在高負荷時，由於沒有沖突，因此有較好的響應特性。 令牌匯流排訪問控制技術應用於物理結構是匯流排的而邏輯結構卻是環型的網路。特點類似令牌環介質訪問控制技術。 4．答：CSMA/CD方法的工作原理可以簡單地概括為以下4句話：先聽後發、邊聽邊發、沖突停止、隨機延遲後重發。 5．答：由於區域網不需要路由選擇，因此它並不需要網路層，而只需要最低的兩層：物理層和數據鏈路層。IEEE802標准，又將數據鏈路層分為兩個子層：介質訪問控制子層MAC和邏輯鏈路子層LLC。
CH5 答案 一．填空題 1．交換機 路由器 2．電路交換（撥號）服務 分組交換服務 租用線路或專業服務 3．計算機主機 區域網 4．640kbps-1Mbps 1.5Mbps-8Mbps 二．選擇題 BCADAA 三．簡答題 1．答：①撥號上Internet/Intranet/LAN； ②兩個或多個LAN之間的網路互連； ③和其它廣域網技術的互連。 2．答：（1）多種業務的兼容性 （2）數字傳輸:ISDN能夠提供端到端的數字連接。 （3）標准化的介面: （4）使用方便 （5）終端移動性 （6）費用低廉 3．答：① 採用TDMA、CDMA數字蜂窩技術，頻段為450/800/900MHz，主要技術又GSM、IS-54TDMA（DAMPS）等； ② 微蜂窩技術，頻段為1.8/1.9GHz，主要技術基於GSM的GSC1800/1900，或IS-95的CDMA等； ③ 通用分組無線業務（Gerneral Packet Radio Service，GPRS）可在GSM行動電話網上收、發話費增值業務，支持數據接入速率最高達171.2Kbps，可完全支持瀏覽Internet的 Web站點。 CH6答案 一．填空題 1．unix 、linux、Netware、Windows Server系列 2．列印服務 通信服務 網路管理 二．選擇題 DBCAC 三．問答題 1．答：①從體系結構的角度看，當今的網路操作系統可能不同於一般網路協議所需的完整的協議通信傳輸功能。 ②從操作系統的觀點看，網路操作系統大多是圍繞核心調度的多用戶共享資源的操作系統。 ③從網路的觀點看，可以將網路操作系統與標準的網路層次模型作以比較。 2．答：網路操作系統除了應具有通常操作系統應具有的處理機管理、存儲器管理、設備管理和文件管理外，還應具有以下兩大功能： ①提供高效、可靠的網路通信能力； ②提供多種網路服務功能，如遠程作業錄入並進行處理的服務功能；文件傳輸服務功能；電子郵件服務功能；遠程列印服務功能等。
⑤ 求《計算機網路與通信》（第2版）課後題答案 人民郵電出版社出版 佟震亞 馬巧梅主編
同求，麻煩樓主找到的話傳給我一份，QQ：343278726
⑥ 這兩道關於網路通信與技術的計算題怎麼計算呢
STM-16的傳輸速率是2488.320Mbit/s。SDH是通信技術中的傳輸技術，是目前骨幹網賣氏和敬春接入網中應用最廣的傳輸技術。其基本傳輸單元是STM-1，其上有STM-4、STM-16和STM-64等，都是4倍的關系。STM-1的傳輸速率是155.520Mbit/s，STM-4的傳輸速率是622.080Mbit/s，亮配耐STM-16的傳輸速率是2488.320Mbit/s，STM-64的傳輸速率是10Gbit/s。其中STM-1光介面的數據速率為155Mbit/s，STM-4的傳輸速率是622Mbit/s，STM-16的傳輸速率是2.5Gbit/s，STM-64的傳輸速率是10Gbit/s，其中STM-1對應OC3，STM-4對應OC-12，STM-16對應OC-48，STM-64對應OC-192。（希望對你有幫助）SDH的幀傳輸時按由左到右、由上到下的順序排成串型碼流依次傳輸,每幀傳輸時間為 125微秒, 每秒傳輸1/125*10(-6)=8000幀,對STM-1而言每幀位元組為8比特/位元組*(9*270*1)位元組=19440比特,則STM-1的傳輸速率為19440*8000=155.520Mb/s；而STM-4的傳輸速率為4*155.520Mb/s=622.080Mb/s；STM-16的傳輸速率為16*155.520(或4*622.080) =2488.320Mb/s。（這是演算法）
⑦ 計算機網路與通訊考試2，求答案必有重謝
首先ip地址是網路層的組成部分，mac地址是數據鏈路層的組成部分。ip地址是邏輯地址，是可發生變化的。mac地址就是適配器（網卡）的地址，是不變的。做個比喻，mac地址就想我們的身份證號，ip地址像是郵編號，是分層的。在日常生活中，兩者是不可缺少的。為核禪薯什麼是不可或缺的呢？這里給出一些理由：
a.網路層不只有ip協議，還有其它的協議。如果適配器只要獲取ip地址，那麼遇到不同的網路層協議，怎麼辦？
b.如果適配器是ip地址，那麼ip地址需要存儲在適配器的ram中，對於一個改者新的網路環境，適配器都要改變其ip地址。麻煩。
c. 如果適配器沒有地址，那麼又有一個問題：對於乙太網技術而言，一個主機向鏈路發送了數據，其它區域網的主機都會接收到。都要解析ip，然後和自己ip匹配襲簡。浪費時間。如果有mac，只需要比對一下mac就行了。
所以，需要mac地址。
⑧ 2011--網路通訊試題解析（計算機綜合）
一、填空題（每空1分，共6分）
說明：計算中使用簡化數值：1G≈；1M≈；1K≈3
1．長度為500位的應用層數據遞交給傳輸層處理，需加上20位元組的TCP頭部。再遞交給網路層處理，需加上20位元組的IP 頭部。最後遞交給數據鏈路層的乙太網傳送，還需加上18 位元組的頭部和尾部。假設不計其他開銷，該數據的傳輸效率為約（ ） 。
【答案】：51.9%
【解析】：數據長度為：500/8=62.5位元組
傳輸效率=62.5/(62.5+20+20+18)=62.5/120.5≈51.9%
2．某計算機的IP 地址為210.23.65.122，子網掩碼為255.255.255.240，則該計算機的子網地址為（ ） ；與掩碼對應的網路前綴有（28）位。
【答案】：210.23.65.112 28
【解析】IP：210.23.65.01111010
255.255.255.11110000
210.23.65.01110000=210.23.65.112
C類地址默認掩碼24位，借了4位，網路前綴共24+4=28位另，C類地址默認掩碼24位，借了4位，4=16，故能分16個子網，有效主機有2^4-2=14個
註：A 1.0.0.0 到126.0.0.0有效0.0.0.0 和127.0.0.0保留
B 128.1.0.0到191.254.0.0有效128.0.0.0和191.255.0.0保留
C 192.0.1.0 到223.255.254.0有效192.0.0.0和223.255.255.0保留
D 224.0.0.0到239.255.255.255用於多點廣播
E 240.0.0.0到255.255.255.254保留255.255.255.255用於廣播
3．主機A和主機B要建立TCP連接，A的初始序號為X，B的初始序號為Y，在建立連接過程中，共交換了( ) 個報文；其中每一端的確認序號的含義是指示( )。
【答案】：3 下一個應該發送的順序編號
【解析】
解：TCP三次握手TCP有6種標志位標示：
SYN(synchronous建立聯機)
ACK(acknowledgement 確認)
PSH(push傳送) FIN(finish結束)
RST(reset重置)
URG(urgent緊急)
Sequence number(順序號碼)
Acknowledge number(確認號碼)
我們常用的陵行是以下三個標志位：SYN -創建一個連接，FIN -終結一個連接，ACK-確認接收到的數據三次握手(Three-way Handshake)，是指建立一個TCP連接時，需要客戶端和伺服器總共發送3個包。
4．假設使用TCP協議傳送文件。TCP的報文段大小為1K位元組（假設無擁塞，無丟失分組），接收方通告窗口為1M位元組。當慢啟動打開發送窗口達到32K 位元組時，用了（ ）個往返時延（RTT）。
【答案】 5
【解析】慢啟動，是傳輸控制協議使用的一種擁塞控制機制。慢啟動也叫做指數增長期。慢啟動是指每次TCP接收窗口收到確認時都會增長。發送方開始時發送一個報文段，然後等尺早嘩待ACK。當收到該ACK時，擁塞窗口從1增加為2，即可以發送兩個報文段。當收到這兩個報文段的ACK時，擁塞窗口就增加為4，故第n次後為𝑛=32，則n=5，指數增加關系。
註：TCP緩存區與窗口關系結論1發送窗口不是發送方通告的窗口，而是接收方通告的窗口。2接收方通告的窗口大小=發送方窗口大小。3接收方通告的窗口大小也=自己的窗口大小（即接收方窗口大小）4發送緩存>發送方窗口>已發送位元組5接收緩存>接收窗口>接收未確認位元組6TCP通信過程中，發送緩存和接收緩存大小不變，發送窗口和接收窗口可能會改變。
二、單項選擇題（每小題睜嘩1 分，共5 分）
1．主機A的乙太網適配器在線路上偵聽到一個幀，並將它遞交給主機A進行處理。下列說法中（D）不能解釋該過程。
A．該網路適配器工作在混雜模式
B．該幀的目的MAC 地址和主機A 在同一個網段中
C．該幀的目的MAC 地址是一個廣播地址
D．該幀的目的MAC 地址是主機A 所在的多播組地址
【答案】 D
【解析】IP多播（也稱多址廣播或組播）技術，是一種允許一台或多台主機（多播源）發送單一數據包到多台主機（一次的，同時的）的TCP/IP網路技術。使用同一個IP多播地址接收多播數據包的所有主機構成了一個主機組，也稱為多播組。一個多播組的成員是隨時變動的，一台主機可以隨時加入或離開多播組，多播組成員的數目和所在的地理位置也不受限制，一台主機也可以屬於幾個多播組。此外，不屬於某一個多播組的主機也可以向該多播組發送數據包。
2．採用集線器進行網路互連，下列說法中（ ）是正確的。
A．數據傳輸速率可不同，數據鏈路層協議相同
B．數據傳輸速率相同，數據鏈路層協議可不同
C．數據傳輸速率和數據鏈路層協議均相同
D．數據傳輸速率和鏈路層協議均可不同
【答案】 C
【解析】網橋能互連兩個採用不同鏈路層協議、不同傳輸介質與不同傳輸速率的網路。
3．為實現透明傳輸，PPP 協議使用的是（ ）方法。
A．字元填充
B．位填充
C．在非同步傳輸時使用位填充；在同步傳輸時使用字元填充
D．在非同步傳輸時使用字元填充；在同步傳輸時使用位填充
【答案】 C
【解析】幀的傳送需要具有透明性，即透明傳輸。透明傳輸是指不管所傳數據是什麼樣的比特組合，都應當能夠在鏈路上傳送。當所傳數據中的比特組合恰巧與某一個控制信息完全一樣時，就必須採取適當的措施，使接收方不會將這樣的數據誤認為是某種控制信息。這樣就是保證數據鏈路層的傳輸是透明的。透明傳輸在HDLC協議中使用零比特填充法，
PPP協議的同步傳輸鏈路中也用的是零比特填充法；
PPP協議非同步傳輸時和BSC協議使用的是字元填充法。
（1）零比特填充法：使一幀中兩個控制欄位之間不會出現連續6個1；當發送端出現有5個連續1，則立即填入一個0；當接收端出現5個連續1時，刪除其後的一個0。
（2）字元填充法（首尾定界符法）：在這種幀同步方式中，為了不使數據信息位中與特定字元相同的字元被誤判為幀的首尾定界符，可以在這種數據幀的幀頭填充一個轉義控制字元（DLE STX），在幀的結尾則以DLE ETX（）結束，以示區別，從而達到數據的透明性。若幀的數據中出現DLE字元，發送方則插入一個「DLE」字元，接收方會刪除這個DLE字元。
4．某單位分配了一個B類地址，計劃將內部網路分成20個子網，將來還要增加18個子網，每個子網的主機數接近700 台，一個可行的掩碼方案是（）。
A．255．255．128．0
B．255．255．248．0
C．255．255．252．0
D．255．255．254．0
【答案】 C
【解析】255.255.11111100.0 = 255.255.252.0
2^𝑚≥38 2^𝑛≥7 m+n=16 m=6
5．在採用數字證書機制的系統中，採用公鑰密碼體制提供安全服務，其中用戶的公鑰可用於（）。
A．加密和鑒別
B．解密和鑒別
C．加密和簽名
D．解密和簽名
【答案】 A
【解析】公鑰功能：加密和鑒別私鑰功能：解密和簽名
三、名詞解釋（每小題2 分，共4 分）
1．MTU
答：最大傳輸單元(Maximum Transmission Unit，MTU) 是指一種通信協議的某一層上面所能通過的最大數據包大小（以位元組為單位）。最大傳輸單元這個參數通常與通信介面有關（網路介面卡、串口等）。
2．生成樹演算法
答：利用生成樹演算法在乙太網絡中,一方面可以創建一個以某台交換機的某個埠為根的生成樹，避免環路（即避免產生轉發的幀在網路中不斷地兜圈子）。二是在乙太網絡拓撲發生變化時，通過生成樹協議達到收斂保護的目的。（註：收斂的含義是拓撲發生變化，這些交換機重新計算出一棵新的穩定的樹過程）。
四、問答和計算題（共15 分）說明：計算中使用簡化數值：1G≈10^9；1M≈10^6；1K≈10^3
1．（4 分）主機A通過一條帶寬為100Mbps 的網路鏈路向主機B 傳輸數據幀，假設每幀攜帶的數據是1K位元組，鏈路的單向時延為15ms。若設計一個滑動窗口協議,使得發送窗口和接收窗口的大小相同,最少需要多少位表示序號？
【答】：發送一幀所需時間：1*8*10^3 / 100*10^6=0.08ms
RTT為：15*2=30ms
若使用滑動窗口協議，可連續發送幀數：1＋30/0.08=376幀2^8>376>2^9，因此，至少使用9位序號
2．（5 分）考慮一個城域網，若源和目的主機之間的平均距離為10km，信號在傳輸介質中的傳播速率為2×𝟏𝟎𝟖m/s。試回答問題：
①當數據的傳輸速率為多大時，2K 位元組分組的傳輸時延等於鏈路的往返傳播時延？
②若線路帶寬為1Gbps，線路長度為2000km，數據傳輸採用停等協議，傳輸一個100K位元組的文件,能否通過增加帶寬來顯著縮短成功傳輸該文件所需的時間？試簡要說明理由。
【答案】
3．(6分)在圖1所示的網路中，主機H_A、主機H_B、路由器R_1 和路由器R_2 的各埠的IP 地址和MAC 地址分別表示為(MAC 地址，IP 地址)的形式，即有：H_A(MAC_A ,IP_A),H_B(MAC_B, IP_B), R_1 的埠11（MAC_11,IP_11）, R_1 的埠12（MAC_12，IP_12）,R_2 的埠21（MAC_21，IP_21），R_2 的埠22（MAC_22，IP_22）。試回答問題：
①主機H_A 向主機H_B 發送數據，最多需要使用多少次ARP 協議？簡要說明理由。
②主機H_A向主機H_B發送數據，試分別寫出路由器R_1的埠11收到的數據單元以及路由器R_2 的埠22轉發的數據單元中，數據鏈路層協議首部的地址欄位和網路層協議首部的地址欄位內容。
答：（1）共需3次，主機A先通過arp得到第1個路由器的MAC，第1個路由器通過arp得到第2個路由器的MAC，第2個路由器將IP包發給主機B前仍要通過ARP得到主機B的MAC，共3次。
（2）在整個傳輸中，IP數據報報頭的源和目的IP地址都不會發生變化，只要跨網段了（跨廣播域）源和目的MAC地址肯定是要變化的，且目的MAC地址是下一跳的MAC地址。
⑨ 計算機網路與通信技術選擇題求助!
1: D 2:B 3:B 4:C 5:C 6: D 7:C 8:B 9: D 10:? 11:C 12:? 13: D 14:C(其實D也可以) 15:C 16:C 17:B 18:A 19:A 20:C