最新計算機網路教程第五版答案

Ⅰ 謝希仁計算機網路答案

答：a=τ/T0=τC/L=100÷（2×108）×1×109/L=500/L，信道最大利用率Smax =1/（1+4.44a），最大吞吐量Tmax=Smax×1Gbit/s幀長512位元組時，a=500/（512×8）=0.122， Smax =0.6486，Tmax=648.6 Mbit/s幀長1500位元組時，a=500/（1500×8）=0.0417，Smax =0.8438 ，Tmax=843.8 Mbit/s幀長64000位元組時,a=500/（64000×8）=0.000977,Smax =0.9957，Tmax=995.7 Mbit/s可見，在端到端傳播時延和數據發送率一定的情況下，幀長度越大，信道利用率越大，信道的最大吞吐量月越大。

Ⅱ 《計算機網路第5版》pdf下載在線閱讀，求百度網盤雲資源

《計算機網路》（謝希仁）電子書網盤下載免費在線閱讀

鏈接：

書名：計算機網路

作者：謝希仁

豆瓣評分：7.9

出版社：電子工業出版社

出版年份：2008-1

頁數：402

內容簡介：

《計算機網路(第5版)》自1989年首次出版以來，於1994年、1999年和2003年分別出了修訂版。2006年8月本教材通過了教育部的評審，被納入普通高等教育「十一五」國家級規劃教材。《計算機網路》的第5版，在內容和結構方面都有了很大的修改。

全書分為10章，比較全面系統地介紹了計算機網路的發展和原理體系結構、物理層、數據鏈路層、網路層、運輸層、應用層、網路安全、網際網路上的音頻/視頻服務、無線網路和下一代網際網路等內容。各章均附有練習題。此外，附錄A給出了部分習題的答案和提示。隨書配套的光碟中，有全書課件和作者教學中經常遇到的150多個問題及解答，計算機網路最基本概念的演示（PowerPoint文件），以及《計算機網路(第5版)》引用的全部RFC文檔等，供讀者參閱。

Ⅲ 求解CSMA/CD的一道題！計算機網路第五版(謝希仁) 第3章25題！！

t=0時，A，B開始傳輸數據； t=225比特時間，A和B同時檢測到發生碰撞； t=225+48=273比特時間，完成了干擾信號的傳輸； 開始各自進行退避演算法： A： 因為rA=0，則A在干擾信號傳輸完之後立即開始偵聽 t=273+225（傳播時延）=498比特時間，A檢測到信道開始空閑 t=498+96（幀間最小間隔）=594比特時間，A開始重傳數據 -----第一問A的重傳時間 t=594+225 （傳播時延）=819比特時間，A重傳完畢 ----第二問A重傳的數據幀到達B的時間 B： 因為rB=1，則B在干擾信號傳輸完之後1倍的爭用期，即512比特時間才開始偵聽 t=273+512=785比特時間，B開始偵聽 若偵聽空閑，則 t=785+96（幀間最小間隔）=881比特時間，B開始重傳數據 若偵聽費空閑，則繼續退避演算法 又因為t=819比特時間的時候，A才重傳數據完畢，所以B在785比特時間偵聽的時候，肯定會偵聽信道非空閑，即B在預定的881比特時間之前偵聽到信道忙， 所以，第四問的答案：B在預定的881比特時間是停止發送數據的。 即第三問A重傳的數據不會和B重傳的數據再次發生碰撞。

Ⅳ 誰有計算機網路第五版期末試題的給我來一份 快要考試了，跪求！！！！

計算機網路 第五版 期末考試 （1）2011-07-04 11:13
第一章

1.三網：電線網路，有線電視網路，計算機網路

2.計算機網路為用戶提供的最重要的兩個功能：連通性，共享性

3.網路是由若干結點和連接這些結點的鏈路組成。

4.網際網路是世界上最大的互連網路。

5.網路把許多計算機連接在一起，網際網路把許多網路連接在一起。

6.網際網路發展的三階段：

（1）從單個網路ARPANET向互聯網發展的過程。

（ARPANET:網際網路之父，第一個投入運行的分組交換網）

（2）建成了三級結構的網際網路。（internet 互聯網或網際網路）

（3）逐漸形成了多層次的ISP結構的網際網路。（網際網路服務提供商）

7.網際網路體系結構委員會（internet architecture board）設有兩個工程部：

網際網路工程部IETF(engineering task force)，網際網路研究部IRTF

8.制訂網際網路的正式標准要經過以下四個階段：

網際網路草案，建議標准，草案標准，網際網路標准。

9.網際網路的組成：邊緣部分，核心部分

10.在網路邊緣部分的端系統中運行的程序之間的通信方式分為：

客戶伺服器方式（C/S方式），對等方式（P2P方式）。

11.客戶和伺服器都是指通信中所涉及的兩個應用進程。（客戶程序，伺服器程序）

本來是指計算機進程（軟體）。

12.客戶是服務請求者，伺服器是服務提供者。

13.客戶程序：①被客戶調用後，在通信時主動向遠地伺服器發起通信（請求服務）。因此客戶程序必須知道伺服器程序的地址。②不需要特殊的硬體和很復雜的操作系統

14.伺服器程序：①是一種專門用來提供某種服務的程序，可同時處理多個遠地或本地客戶的請求。②系統啟用後即自動調用，並一直不斷的運行著，被動的等待並接受來自各地客戶的通信請求。因此伺服器程序不需要知道客戶程序的地址

15.路由器是實現分組交換的關鍵部件，其任務是轉發收到的分組。

16.分組交換的特點：分組交換採用存儲轉發技術。①在發送報文前，先將較長的報文劃分成一個個更小的等長的數據報。②在每一個數據報前面，加上一些必要的控制信息組成的首部後，就構成一個分組。③路由器收到一個分組，先暫時存儲起來，在檢查首部，查找路由表，按照首部中的目的地址，找到合適的介面轉發出去，把分組交給下一個路由器。④這樣一步步的以存儲轉發方式，把分組交付給最終的目的主機。

17.計算機網路，根據不同的作用范圍分為：

①廣域網（WAN wide area network） 幾十到幾千公里

②城域網（MAN metropolition） 5~50km

③區域網（LAN local） 1km左右

④個人區域網（PAN） 10m左右

18.不同使用者的網路：公用網，專用網

19.法律上的國際標准：OSI/RM (開放系統互連基本參考模型reference model)

事實上的國際標准：TCP/IP

20.網路協議：為進行網路中的數據交換而建立的規則，標准或約定。

由以下三要素構成：

①語法：數據與控制信息的 結構或格式

②語義：需要發送何種控制信息，完成何種動作 以及 做出何種響應

③同步：事件實現順序的詳細說明

21.分層可以帶來的好處：各靈結易能

①各層之間是獨立的 ②靈活性好 ③結構上可分割開

④易於實現和維護 ⑤能促進標准化工作

22.體系結構：計算機網路各層及其協議的集合。

23. OSI 7層：物理層 數據鏈路層 網路層 運輸層 會話層 表示層 應用層

TCP/IP 4層：網路介面層 網際層 運輸層 應用層

五層協議：物理層 數據鏈路層 網路層 運輸層 應用層

24.應用層：直接為用戶應用進程提供服務。

運輸層：負責向兩個主機中進程之間的通信提供服務。

傳輸控制協議TCP 用戶數據報協議UDP

網路層：負責為分組交換網上的不通主機提供通信服務。

數據鏈路層：將網路層交下來的IP數據報封裝成幀，在兩個相鄰結點之間的鏈路上「透明」的傳送幀中的數據。

物理層：透明的傳送比特流。

25.實體：任何可以發送或接收信息的硬體或軟體進程。

協議：控制兩個對等實體（或多個實體）進行通信的規則的集合。

協議和服務的關系：在協議控制下，兩個對等實體間的通信使得本層能夠向上一層提供服務。要實現本層協議還需要使用下面一層所提供的服務。

協議和服務的區別：①首先，使用本層服務的實體只能看見服務而無法 看見下面的協議。下面的協議對上面的實體是透明的。

②其次，協議是「水平」的，服務是「垂直」的。

26. everything over IP: TCP/IP協議可以為各式各樣的應用提供服務。

27. IP over everything： TCP/IP協議允許IP協議在各式各樣的網路構成的互聯網上運行。

第二章

1.根據信號中代表消息的參數的取值方式的不同，信號可分為：

模擬信號（連續信號），數字信號（離散信號）

2.從通信雙方消息交互的方式來看：單向通信（單工通信），

雙向交替通信（半雙工通信），雙向同時通信（全雙工通信）。

3.基帶信號：來自信源的信號

4.基帶調制：交換後的信號仍然是基帶信號

5.帶通信號：經過載波調制後的信號

6.最基本的帶通調制方法：調幅（AM）,調頻（FM），調相(PM)

7.奈氏准則：在任何信道中，碼元傳輸速率是有上限的，傳輸速率超過此上限，就會出現嚴重的碼間串擾問題，使接收端對碼元的判決（或識別）成為不可能。

8.信噪比：信號的平均功率/雜訊的平均功率 即S/N

9.香農公式：C = W log2(1+S/N) b/s

表明：信道的帶寬或信道中的雜訊比越大，信息的極限傳輸速率就越高。

10.導向傳輸媒體：①雙絞線（屏蔽雙絞線STP shielded twisted pair，非屏蔽雙絞線UTP）②同軸電纜 ③光纜（多模光纖，單模光纖）

11.最基本的復用：頻分復用FDM(frequency division multiplexing)，

時分復用TDM

12.脈碼調制PCM（pulse code molation）體制：由於歷史上的原因，PCM有兩個互不兼容的國際標准，即北美的24路PCM(簡稱T1，V=1.544Mb/s)和歐洲的30路PCM(簡稱E1，V=2.048Mb/s，我國採用的)

13.寬頻接入技術：

①xDSL(digital subscriber line數字用戶線)

用數字技術對現有的模擬電話用戶線進行改造

②光纖同軸混合網（HFC網，hybrid fiber coax）

③FTTx技術：FTTH(fiber to the home光纖到家)，FTTB(光纖到大樓)，

FTTC(curb光纖到路邊)

第六章

1.域名系統 DNS：基於的運輸層協議：TCP或UDP 埠：53

com(公司企業） gov 政府部門 e 教育機構 mil 軍事部門

採用劃分區的方法來提高系統運行效率

域名是按照自右到左逐漸減小的多層排列方式。

2.文件傳送協議 FTP協議：基於的運輸層協議：TCP 埠：21

3.簡單文件傳送協議 TFTP：基於的運輸層協議：UDP 埠：69
4.遠程終端協議 TELNET： 基於的運輸層協議： TCP 埠：23

5.統一資源定位符 URL ：是對可以從網際網路上得到的資源的位置和訪問方 法的一種簡潔的表示。

HTTP協議： 基於的運輸層協議：TCP 埠：80

6.簡單郵件傳送協議 SMTP

發送郵件使用SMTP

讀取郵件使用POP3和IMAP

Ⅳ 誰有計算機網路第五版期末試題的給我來一份 快要考試了，跪求！！！！

計算機網路試題及答案

1、在計算機網路的定義中，一個計算機網路包含多台具有_自主_____功能的計算機；把眾多計算機有機連接起來要遵循規定的約定和規則，即_通信協議______；計算機網路的最基本特徵是__資源共享_______。

2、常見的計算機網路拓撲結構有：_匯流排型結構_、___星型結構_______、 環型結構____和_、樹型結構和混合型結構___。

3、常用的傳輸介質有兩類：有線和無線。有線介質有_雙絞線_______、_同軸電纜___、__光纖__。

4、網路按覆蓋的范圍可分為廣域網、_區域網__、_城域網__。

5、TCP/IP協議參考模型共分了_4__層，其中3、4層是_傳輸層_、_運用層_。

6、電子郵件系統提供的是一種__存儲轉發式_服務，WWW服務模式為__B/S____。

7、B類IP地址的范圍是____128.0.0.0----191.255.255.255__。

8、目前無線區域網採用的拓撲結構主要有__點對點式_、_多點式_______、__中繼式__。

9、計算機網路的基本分類方法主要有：根據網路所覆蓋的范圍、根據網路上主機的組網方式，另一種是根據__信息交換方式____。

10、數據傳輸的同步技術有兩種：_同步傳輸____和非同步傳輸。

11、用雙絞線連接兩台交換機，採用_交叉線______線。586B的標准線序是_白橙、白、白綠、藍、白藍、綠、白棕、棕 __。

12、多路復用技術是使多路信號共同使用一條線路進行傳輸，或者將多路信號組合在一條物理信道上傳輸，以充分利用信道的容量。多路復用分為：__頻分多路復用__、_波分多路復用_、__時分多路復用___和碼分多路復用 。

13、VLAN（虛擬區域網）是一種將區域網從__邏輯上劃分網段，而不是從__物理上劃分網段，從而實現虛擬工作組的新興數據交換技術。

二、選擇題（每題 2 分，共 30 分）

14、計算機網路拓撲是通過網中結點與通信線路之間的幾何關系表示網路中各實體間的__B_______。

A、聯機關系 B、結構關系 C、主次關系 D、層次關系

15、雙絞線由兩根相互絕緣的、絞合成均勻的螺紋狀的導線組成，下列關於雙絞線的敘述，不正確的是__A___。

A、它的傳輸速率達10Mbit/s~100Mbit/s，甚至更高，傳輸距離可達幾十公里甚至更遠
B、它既可以傳輸模擬信號，也可以傳輸數字信號
C、與同軸電纜相比，雙絞線易受外部電磁波的干擾，線路本身也產生雜訊，誤碼率較高
D、通常只用作區域網通信介質

16、ATM網路採用固定長度的信元傳送數據，信元長度為__B___。

A、1024B B、53B C、128B D、64B

17、127.0.0.1屬於哪一類特殊地址（ B ）。

A、廣播地址B、回環地址C、本地鏈路地址D、網路地址

18、HTTP的會話有四個過程，請選出不是的一個。（D ）

A、建立連接B、發出請求信息C、發出響應信息D、傳輸數據

19、在ISO/OSI參考模型中，網路層的主要功能是__B___。

A、提供可靠的端—端服務，透明地傳送報文

B、路由選擇、擁塞控制與網路互連

C、在通信實體之間傳送以幀為單位的數據

D、數據格式變換、數據加密與解密、數據壓縮與恢復

20、下列哪個任務不是網路操作系統的基本任務？__A__

A、明確本地資源與網路資源之間的差異

B、為用戶提供基本的網路服務功能

C、管理網路系統的共享資源

D、提供網路系統的安全服務

21、以下選項不屬於乙太網的「543」原則是指？_D___

A、5個網段 B、4個中繼器 C、3個網段可掛接設備 D、5個網段可掛接

22、既可應用於區域網又可應用於廣域網的乙太網技術是

A、乙太網 B、快速乙太網

C、千兆乙太網 D、萬兆乙太網

23、交換機埠可以分為半雙工與全雙工兩類。對於100Mbps的全雙工埠，埠帶寬為__D___。

A、100Mpbs B、200Mbps C、400Mpbs D、800Mpbs

24、要把學校里行政樓和實驗樓的區域網互連,可以通過（ A ）實現。

A、交換機 B、MODEM C、中繼器 D、網卡

25、以下哪一類IP地址標識的主機數量最多？（ B ）

A、D類 B、C類 C、B類 D、A類

26、子網掩碼中「1」代表（ B）。

A、主機部分 B、網路部分 C、主機個數 D、無任何意義

27、給出B類地址190.168.0.0及其子網掩碼255.255.224.0，請確定它可以劃分幾個子網？（ B ）

A、8 B、6 C、4 D、2

28、TCP/IP體系結構中與ISO-OSI參考模型的1、2層對應的是哪一層（A ）

A、網路介面層 B、傳輸層 C、互聯網層 D、應用層

三、名詞解釋題（每題2分，共 10 分）

29、UTP非屏蔽雙絞線

30、DNS域名系統

31、FTP文件傳輸

32、SMTP簡單郵件傳輸協議

33、ADSL非對稱數字用戶線

三、簡答題（共 30 分）

34、簡述IPv4到IPv6的過渡技術（6分）

35、試論述OSI參考模型和TCP/IP模型的異同和特點。（8分）

36.網路安全面臨的威脅主要有哪些。（6分）

37、某A類網路10.0.0.0的子網掩碼255.224.0.0，請確定可以劃分的子網個數，寫出每個子網的子網號及每個子網的主機范圍。（10分）

答案：

一、填空（每空1分，總計30分）

1、自主，通信協議，資源共享2.匯流排型結構、星型結構、環型結構、樹型結構和混合型結構。
3、雙絞線、同軸電纜、光纖 4、區域網、城域網

5、4，傳輸層、應用層 6. 存儲轉發式、B/S 7. 128.0.0.0—191.255.255.255 8. 點對點方式，多點方式，中繼方式9、信息交換方式 10、同步傳輸

11、交叉線，白橙、橙、白綠、藍、白藍、綠、白棕、棕 12、頻分多路復用、波分多路復用、時分多路復用 13、邏輯，物理

二、選擇（每題2分，總計30分）

14-28： BAB B D B A D D B A D B B A

三、名詞解釋

29、非屏蔽雙絞線 30、域名系統 31、文件傳輸

32、簡單郵件傳輸協議 33、非對稱數字用戶線

四、簡答（總計30分）

3.4、1雙協議棧技術2隧道技術3網路地址轉換技術。（6分）

35、相同點：兩個協議都分層；OSI參考模型的網路層與TCP/IP互聯網層的功能幾乎相同；以傳輸層為界，其上層都依賴傳輸層提供端到端的與網路環境無關的傳輸服務。

不同點：TCP/IP沒有對網路介面層進行細分；OSI先有分層模型，後有協議規范；OSI對服務和協議做了明確的區別，而TCP/IP沒有充分明確區分服務和協議。

36.1系統漏洞2黑客攻擊3病毒入侵4網路配置管理不當（6分）

37. 、由子網掩碼可以判斷出主機地址部分被劃分出2個二進製作為子網地址位，所以可以劃分出2*2-2=2個子網。（5分）

每個子網的網路號和主機范圍如下：

①子網號為192.168.0.64，主機號范圍為192.168.0.65～192.168.0.126 （5分）

②子網號為192.168.0.128，主機號范圍為192.168.0.129～192.168.0.190（5分

Ⅵ 武漢大學新編項目管理課後習題答案

《馬·克思主·義基本原理概論》新版

;fromuid=216349

《毛·澤東思想和中國特色社會主·義理論體系概論》習題答案（2008年修訂版的）

;fromuid=216349

21世紀大學實用英語綜合教程（第一冊）課後答案及課文翻譯

;fromuid=216349

西方經濟學（高鴻業版）教材詳細答案

;fromuid=216349

《新視野大學英語讀寫教程（第二版）第二冊》課後答案

;fromuid=216349

思想道德修養與法律基礎課後習題答案

;fromuid=216349

《中國近代史綱要》完整課後答案（高教版）

;fromuid=216349

《全新版大學英語綜合教程》（第三冊）練習答案及課文譯文

;fromuid=216349

《全新版大學英語綜合教程》（第一冊）練習答案及課文譯文

;fromuid=216349

《會計學原理》同步練習題答案

;fromuid=216349

《微觀經濟學》課後答案（高鴻業版）

;fromuid=216349

《統計學》課後答案（第二版，賈俊平版）

;fromuid=216349

《西方經濟學》習題答案（第三版，高鴻業）可直接列印

;fromuid=216349

毛鄧三全部課後思考題答案(高教版)/毛鄧三課後答案

;fromuid=216349

新視野大學英語聽說教程1聽力原文及答案下載

;fromuid=216349

西方宏觀經濟高鴻業第四版課後答案

;fromuid=216349

《管理學》經典筆記（周三多，第二版）

;fromuid=216349

《中國近代史綱要》課後習題答案

;fromuid=216349

《理論力學》課後習題答案

;fromuid=216349

《線性代數》（同濟第四版）課後習題答案（完整版）

;fromuid=216349

高等數學（同濟第五版）課後答案（PDF格式，共527頁）

;fromuid=216349

中國近現代史綱要課後題答案

;fromuid=216349

曼昆《經濟學原理》課後習題解答

;fromuid=216349

21世紀大學英語讀寫教程（第三冊）參考答案

;fromuid=216349

謝希仁《計算機網路教程》（第五版）習題參考答案（共48頁）

;fromuid=216349

《概率論與數理統計》習題答案

;fromuid=216349

《模擬電子技術基礎》詳細習題答案（童詩白，華成英版，高教版）

;fromuid=216349

《機械設計》課後習題答案（高教版，第八版，西北工業大學）

;fromuid=216349

《大學物理》完整習題答案

;fromuid=216349

《管理學》課後答案（周三多）

;fromuid=216349

機械設計基礎(第五版)習題答案[楊可楨等主編]

;fromuid=216349

程守洙、江之永主編《普通物理學》（第五版）詳細解答及輔導

;fromuid=216349

新視野大學英語課本詳解（四冊全）

;fromuid=216349

21世紀大學英語讀寫教程（第四冊）課後答案

;fromuid=216349

新視野大學英語讀寫教程3冊的課後習題答案

;fromuid=216349

新視野大學英語第四冊答案（第二版）

;fromuid=216349

《中國近現代史》選擇題全集（共含250道題目和答案）

;fromuid=216349

《電工學》課後習題答案（第六版，上冊，秦曾煌主編）

;fromuid=216349

完整的英文原版曼昆宏觀、微觀經濟學答案

;fromuid=216349

《數字電子技術基礎》習題答案（閻石，第五版）

;fromuid=216349

《電路》習題答案上（邱關源，第五版）

;fromuid=216349

《電工學》習題答案（第六版，秦曾煌）

;fromuid=216349

21世紀大學英語讀寫教程（第三冊）課文翻譯

;fromuid=216349

《生物化學》復習資料大全（3套試卷及答案+各章習題集）

;fromuid=216349

《模擬電子技術基礎》課後習題答案（共10章）

;fromuid=216349

《概率論與數理統計及其應用》課後答案（浙江大學盛驟謝式千編著）

;fromuid=216349

《理論力學》課後習題答案（赫桐生，高教版）

;fromuid=216349

《全新版大學英語綜合教程》（第四冊）練習答案及課文譯文

;fromuid=216349

《化工原理答案》課後習題答案（高教出版社，王志魁主編，第三版）

;fromuid=216349

《國際貿易》課後習題答案（海聞P.林德特王新奎）

;fromuid=216349

大學英語綜合教程1-4冊練習答案

;fromuid=216349

《流體力學》習題答案

;fromuid=216349

《傳熱學》課後習題答案（第四版）

;fromuid=216349

高等數學習題答案及提示

;fromuid=216349

《高分子化學》課後習題答案（第四版，潘祖仁主編）

;fromuid=216349

馬·克思主·義基本原理概論答案

;fromuid=216349

《計算機網路》課後習題解答（謝希仁，第五版）

;fromuid=216349

《概率論與數理統計》優秀學習資料

;fromuid=216349

《離散數學》習題答案（高等教育出版社）

;fromuid=216349

《模擬電子技術基礎簡明教程》課後習題答案（楊素行第三版）

;fromuid=216349

《信號與線性系統分析》習題答案及輔導參考（吳大正版）

;fromuid=216349

《教育心理學》課後習題答案（皮連生版）

;fromuid=216349

《理論力學》習題答案（動力學和靜力學）

;fromuid=216349

選修課《中國現當代文學》資料包

;fromuid=216349

機械設計課程設計——二級斜齒圓柱齒輪減速器（WORD+原圖）

;fromuid=216349

《成本會計》配套習題集參考答案

;fromuid=216349

《概率論與數理統計》8套習題及習題答案（自學推薦）

;fromuid=216349

《現代西方經濟學（微觀經濟學）》筆記與課後習題詳解（第3版，宋承先）

;fromuid=216349

《計算機操作系統》習題答案（湯子瀛版，完整版）

;fromuid=216349

《毛·澤東思想和中國特色社會主·義理論體系概論》有史以來最全面的復習資料！！！

;fromuid=216349

《線性代數》9套習題+9套相應答案（自學，復習推薦）

;fromuid=216349

《管理理論與實務》課後題答案（手寫版，中央財經大學，趙麗芬）

;fromuid=216349

統計學原理作業及參考答案

;fromuid=216349

機械設計課程設計——帶式運輸機的傳動裝置的設計

;fromuid=216349

《物理學》習題分析與解答（馬文蔚主編，清·華大學，第五版）

;fromuid=216349

《新編大學英語》課後答案（第三冊）

;fromuid=216349

《資料庫系統概論》課後習題（第四版）

;fromuid=216349

大學數學基礎教程課後答案（微積分）

;fromuid=216349

《投資學》課後習題答案（博迪，第四版）

;fromuid=216349

流體力學課後答案(高教版，張也影，第二版)

;fromuid=216349

《語言學概論》習題答案(自考,新版教材)

;fromuid=216349

《統計學》各章練習題答案

;fromuid=216349

《數字電子技術基礎》課後習題答案（完整答案版）

;fromuid=216349

《積分變換》習題答案（配套東南大學張元林編的）

;fromuid=216349

《中級財務會計》習題答案（第二版，劉永澤）

;fromuid=216349

《計算機網路》課後習題答案（第5版和第4版）

;fromuid=216349

《單片機原理及應用》課後習題答案（張毅剛主編，高教版）

;fromuid=216349

《金融工程》課後題答案（鄭振龍版）

;fromuid=216349

《液壓傳動》第2版思考題和習題解答（共36頁）

;fromuid=216349

《動物學》習題集與答案（資料相當豐富）

;fromuid=216349

《高頻電子線路》習題參考答案（第四版）

;fromuid=216349

《國際經濟法》課後參考答案

;fromuid=216349

大學英語四級十年真題+聽力

;fromuid=216349

《信號與系統》習題詳解（奧本海姆版）

;fromuid=216349

《電路分析》課後答案及學習指導（第二版，胡翔駿，高教版）

;fromuid=216349

《C語言設計》（譚浩強，第三版）227頁

;fromuid=216349

新視野大學英語課後習題答案1-4冊全集

;fromuid=216349

Ⅶ 計算機網路第一章課後答案

1-01 計算機網路向用戶可以提供那些服務？
答： 連通性和共享

1-02 簡述分組交換的要點。
答：（1）報文分組，加首部
（2）經路由器儲存轉發
（3）在目的地合並

1-03 試從多個方面比較電路交換、報文交換和分組交換的主要優缺點。
答：（1）電路交換：端對端通信質量因約定了通信資源獲得可靠保障，對連續傳送大量數據效率高。
（2）報文交換：無須預約傳輸帶寬，動態逐段利用傳輸帶寬對突發式數據通信效率高，通信迅速。
（3）分組交換：具有報文交換之高效、迅速的要點，且各分組小，路由靈活，網路生存性能好。

1-04 為什麼說網際網路是自印刷術以來人類通信方面最大的變革？
答： 融合其他通信網路，在信息化過程中起核心作用，提供最好的連通性和信息共享，第一次提供了各種媒體形式的實時交互能力。

1-05 網際網路的發展大致分為哪幾個階段？請指出這幾個階段的主要特點。
答：從單個網路APPANET向互聯網發展；TCP/IP協議的初步成型
建成三級結構的Internet；分為主幹網、地區網和校園網；
形成多層次ISP結構的Internet；ISP首次出現。

1-06 簡述網際網路標准制定的幾個階段？
答：（1）網際網路草案(Internet Draft) ——在這個階段還不是 RFC 文檔。
（2）建議標准(Proposed Standard) ——從這個階段開始就成為 RFC 文檔。
（3）草案標准(Draft Standard)
（4） 網際網路標准(InternetStandard)

1-07小寫和大寫開頭的英文名字 internet 和Internet在意思上有何重要區別？
答：（1） internet（互聯網或互連網）：通用名詞，它泛指由多個計算機網路互連而成的網路。；協議無特指
（2）Internet（網際網路）：專用名詞，特指採用 TCP/IP 協議的互聯網路
區別：後者實際上是前者的雙向應用

1-08 計算機網路都有哪些類別？各種類別的網路都有哪些特點？
答：按范圍：（1）廣域網WAN：遠程、高速、是Internet的核心網。
（2）城域網：城市范圍，鏈接多個區域網。
（3）區域網：校園、企業、機關、社區。
（4）個域網PAN：個人電子設備
按用戶：公用網：面向公共營運。專用網：面向特定機構。

1-09 計算機網路中的主幹網和本地接入網的主要區別是什麼？
答：主幹網：提供遠程覆蓋\高速傳輸\和路由器最優化通信
本地接入網：主要支持用戶的訪問本地，實現散戶接入，速率低。

1-10 試在下列條件下比較電路交換和分組交換。要傳送的報文共x（bit）。從源點到終點共經過k段鏈路，每段鏈路的傳播時延為d（s），數據率為b(b/s)。在電路交換時電路的建立時間為s(s)。在分組交換時分組長度為p(bit)，且各結點的排隊等待時間可忽略不計。問在怎樣的條件下，分組交換的時延比電路交換的要小？（提示：畫一下草圖觀察k段鏈路共有幾個結點。）
答：線路交換時延：kd+x/b+s, 分組交換時延：kd+(x/p)*(p/b)+ (k-1)*(p/b)
其中(k-1)*(p/b)表示K段傳輸中，有(k-1)次的儲存轉發延遲，當s>(k-1)*(p/b)時，電路交換的時延比分組交換的時延大，當x>>p,相反。

1-11 在上題的分組交換網中，設報文長度和分組長度分別為x和(p+h)(bit),其中p為分組的數據部分的長度，而h為每個分組所帶的控制信息固定長度，與p的大小無關。通信的兩端共經過k段鏈路。鏈路的數據率為b(b/s)，但傳播時延和結點的排隊時間均可忽略不計。若打算使總的時延為最小，問分組的數據部分長度p應取為多大？（提示：參考圖1-12的分組交換部分，觀察總的時延是由哪幾部分組成。）
答：總時延D表達式，分組交換時延為：D= kd+(x/p)*((p+h)/b)+ (k-1)*(p+h)/b
D對p求導後，令其值等於0，求得p=[(xh)/(k-1)]^0.5

1-12 網際網路的兩大組成部分（邊緣部分與核心部分）的特點是什麼？它們的工作方式各有什麼特點？
答：邊緣部分：由各主機構成，用戶直接進行信息處理和信息共享;低速連入核心網。
核心部分：由各路由器連網，負責為邊緣部分提供高速遠程分組交換。

1-13 客戶伺服器方式與對等通信方式的主要區別是什麼？有沒有相同的地方？
答：前者嚴格區分服務和被服務者，後者無此區別。後者實際上是前者的雙向應用。

1-14 計算機網路有哪些常用的性能指標？
答：速率，帶寬，吞吐量，時延，時延帶寬積，往返時間RTT，利用率

1-15 假定網路利用率達到了90%。試估計一下現在的網路時延是它的最小值的多少倍？
解：設網路利用率為U。，網路時延為D，網路時延最小值為D0
U=90%;D=D0/(1-U)---->D/D0=10
現在的網路時延是最小值的10倍

1-16 計算機通信網有哪些非性能特徵？非性能特徵與性能特徵有什麼區別？
答：征：宏觀整體評價網路的外在表現。性能指標：具體定量描述網路的技術性能。

1-17 收發兩端之間的傳輸距離為1000km，信號在媒體上的傳播速率為2×108m/s。試計算以下兩種情況的發送時延和傳播時延：
（1） 數據長度為107bit,數據發送速率為100kb/s。
（2） 數據長度為103bit,數據發送速率為1Gb/s。
從上面的計算中可以得到什麼樣的結論？
解：（1）發送時延：ts=107/105=100s
傳播時延tp=106/(2×108)=0.005s
（2）發送時延ts=103/109=1µs
傳播時延：tp=106/(2×108)=0.005s
結論：若數據長度大而發送速率低，則在總的時延中，發送時延往往大於傳播時延。但若數據長度短而發送速率高，則傳播時延就可能是總時延中的主要成分。

1-18 假設信號在媒體上的傳播速度為2×108m/s.媒體長度L分別為：
（1）250px（網路介面卡）
（2）100m（區域網）
（3）100km（城域網）
（4）5000km（廣域網）
試計算出當數據率為1Mb/s和10Gb/s時在以上媒體中正在傳播的比特數。
解：（1）1Mb/s:傳播時延=0.1/(2×108)=5×10-10
比特數=5×10-10×1×106=5×10-4
1Gb/s: 比特數=5×10-10×1×109=5×10-1
（2）1Mb/s: 傳播時延=100/(2×108)=5×10-7
比特數=5×10-7×1×106=5×10-1
1Gb/s:比特數=5×10-7×1×109=5×102
(3) 1Mb/s: 傳播時延=100000/(2×108)=5×10-4
比特數=5×10-4×1×106=5×102
1Gb/s:比特數=5×10-4×1×109=5×105
(4)1Mb/s:傳播時延=5000000/(2×108)=2.5×10-2
比特數=2.5×10-2×1×106=5×104
1Gb/s:比特數=2.5×10-2×1×109=5×107

1-19 長度為100位元組的應用層數據交給傳輸層傳送，需加上20位元組的TCP首部。再交給網路層傳送，需加上20位元組的IP首部。最後交給數據鏈路層的乙太網傳送，加上首部和尾部工18位元組。試求數據的傳輸效率。數據的傳輸效率是指發送的應用層數據除以所發送的總數據（即應用數據加上各種首部和尾部的額外開銷）。
若應用層數據長度為1000位元組，數據的傳輸效率是多少？
解：（1）100/（100+20+20+18）=63.3%
（2）1000/（1000+20+20+18）=94.5%

1-20 網路體系結構為什麼要採用分層次的結構？試舉出一些與分層體系結構的思想相似的日常生活。
答：分層的好處：
①各層之間是獨立的。某一層可以使用其下一層提供的服務而不需要知道服務是如何實現的。
②靈活性好。當某一層發生變化時，只要其介面關系不變，則這層以上或以下的各層均不受影響。
③結構上可分割開。各層可以採用最合適的技術來實現
④易於實現和維護。
⑤能促進標准化工作。
與分層體系結構的思想相似的日常生活有郵政系統，物流系統。

1-21 協議與服務有何區別？有何關系？
答：網路協議：為進行網路中的數據交換而建立的規則、標准或約定。由以下三個要素組成：
（1）語法：即數據與控制信息的結構或格式。
（2）語義：即需要發出何種控制信息，完成何種動作以及做出何種響應。
（3）同步：即事件實現順序的詳細說明。
協議是控制兩個對等實體進行通信的規則的集合。在協議的控制下，兩個對等實體間的通信使得本層能夠向上一層提供服務，而要實現本層協議，還需要使用下面一層提供服務。
協議和服務的概念的區分：
1、協議的實現保證了能夠向上一層提供服務。本層的服務用戶只能看見服務而無法看見下面的協議。下面的協議對上面的服務用戶是透明的。
2、協議是「水平的」，即協議是控制兩個對等實體進行通信的規則。但服務是「垂直的」，即服務是由下層通過層間介面向上層提供的。上層使用所提供的服務必須與下層交換一些命令，這些命令在OSI中稱為服務原語。

1-22 網路協議的三個要素是什麼？各有什麼含義？
答：網路協議：為進行網路中的數據交換而建立的規則、標准或約定。由以下三個要素組成：
（1）語法：即數據與控制信息的結構或格式。
（2）語義：即需要發出何種控制信息，完成何種動作以及做出何種響應。
（3）同步：即事件實現順序的詳細說明。

1-23 為什麼一個網路協議必須把各種不利的情況都考慮到？
答：因為網路協議如果不全面考慮不利情況，當情況發生變化時，協議就會保持理想狀況，一直等下去！就如同兩個朋友在電話中約會好，下午3點在公園見面，並且約定不見不散。這個協議就是很不科學的，因為任何一方如果有耽擱了而來不了，就無法通知對方，而另一方就必須一直等下去！所以看一個計算機網路是否正確，不能只看在正常情況下是否正確，而且還必須非常仔細的檢查協議能否應付各種異常情況。

1-24 論述具有五層協議的網路體系結構的要點，包括各層的主要功能。
答：綜合OSI 和TCP/IP 的優點，採用一種原理體系結構。各層的主要功能：
物理層物理層的任務就是透明地傳送比特流。（注意：傳遞信息的物理媒體，如雙絞
線、同軸電纜、光纜等，是在物理層的下面，當做第0 層。）物理層還要確定連接電纜插頭的定義及連接法。
數據鏈路層數據鏈路層的任務是在兩個相鄰結點間的線路上無差錯地傳送以幀（frame）為單位的數據。每一幀包括數據和必要的控制信息。
網路層網路層的任務就是要選擇合適的路由，使發送站的運輸層所傳下來的分組能夠
正確無誤地按照地址找到目的站，並交付給目的站的運輸層。
運輸層運輸層的任務是向上一層的進行通信的兩個進程之間提供一個可靠的端到端
服務，使它們看不見運輸層以下的數據通信的細節。
應用層應用層直接為用戶的應用進程提供服務。

1-25 試舉出日常生活中有關「透明」這種名詞的例子。
答：電視，計算機視窗操作系統、工農業產品

1-26 試解釋以下名詞：協議棧、實體、對等層、協議數據單元、服務訪問點、客戶、伺服器、客戶-伺服器方式。
答：實體(entity)表示任何可發送或接收信息的硬體或軟體進程。
協議是控制兩個對等實體進行通信的規則的集合。
客戶(client)和伺服器(server)都是指通信中所涉及的兩個應用進程。客戶是服務的請求方，伺服器是服務的提供方。
客戶伺服器方式所描述的是進程之間服務和被服務的關系。
協議棧:指計算機網路體系結構採用分層模型後,每層的主要功能由對等層協議的運行來實現,因而每層可用一些主要協議來表徵,幾個層次畫在一起很像一個棧的結構.
對等層:在網路體系結構中,通信雙方實現同樣功能的層.
協議數據單元:對等層實體進行信息交換的數據單位.
服務訪問點:在同一系統中相鄰兩層的實體進行交互（即交換信息）的地方.服務訪問點SAP是一個抽象的概念,它實體上就是一個邏輯介面.

1-27 試解釋everything over IP 和IP over everthing 的含義。
TCP/IP協議可以為各式各樣的應用提供服務 （所謂的everything over ip）
答：允許IP協議在各式各樣的網路構成的互聯網上運行（所謂的ip over everything）

Ⅷ 計算機網路 第五版 答案

第一章 概述
傳播時延＝信道長度/電磁波在信道上的傳播速度
發送時延＝數據塊長度/信道帶寬
總時延＝傳播時延＋發送時延＋排隊時延
101 計算機網路的發展可劃分為幾個階段？每個階段各有何特點？
102 試簡述分組交換的要點。
103 試從多個方面比較電路交換、報文交換和分組交換的主要優缺點。
104 為什麼說網際網路是自印刷術以來人類通信方面最大的變革？
105 試討論在廣播式網路中對網路層的處理方法。討論是否需要這一層？
106 計算機網路可從哪幾個方面進行分類？
107 試在下列條件下比較電路交換和分組交換。要傳送的報文共x（bit）。從源站到目的站共經過k段鏈路，每段鏈路的傳播時延為d（s），數據率為b（b/s）。在電路交換時電路的建立時間為S（s）。在分組交換時分組長度為p（bit），且各結點的排隊等待時間可忽略不計。問在怎樣的條件下，分組交換的時延比電路交換的要小？
108 在上題的分組交換網中，設報文長度和分組長度分別為x 和（p+h）（bit），其中p為分組的數據部分的長度，而此為每個分組所帶的控制信息固定長度，與p的大小無關。通信的兩端共經過k段鏈路。鏈路的數據率為b（b/s），但傳播時延和結點的排隊時間均可忽略不計。若打算使總的時延為最小，問分組的數據部分長度P應取為多大？
109 計算機網路中的主幹網和本地接入同各有何特點？
110 試計算以下兩種情況的發送時延和傳播時延：（1）數據長度為107bit，數據發送速率為100kb/s，收發
111 計算機網路由哪幾部分組成？

101 計算機網路的發展可劃分為幾個階段？每個階段各有何特點？
答：計算機網路的發展可分為以下四個階段。
（1）面向終端的計算機通信網：其特點是計算機是網路的中心和控制者，終端圍繞中心
計算機分布在各處，呈分層星型結構，各終端通過通信線路共享主機的硬體和軟體資源，計
算機的主要任務還是進行批處理，在20 世紀60 年代出現分時系統後，則具有互動式處理和
成批處理能力。
（2）分組交換網：分組交換網由通信子網和資源子網組成，以通信子網為中心，不僅共
享通信子網的資源，還可共享資源子網的硬體和軟體資源。網路的共享採用排隊方式，即由
結點的分組交換機負責分組的存儲轉發和路由選擇，給兩個進行通信的用戶斷續（或動態）
分配傳輸帶寬，這樣就可以大大提高通信線路的利用率，非常適合突發式的計算機數據。
（3）形成計算機網路體系結構：為了使不同體系結構的計算機網路都能互聯，國際標准
化組織ISO提出了一個能使各種計算機在世界范圍內互聯成網的標准框架—開放系統互連基
本參考模型OSI.。這樣，只要遵循OSI標准，一個系統就可以和位於世界上任何地方的、也
遵循同一標準的其他任何系統進行通信。
（4）高速計算機網路：其特點是採用高速網路技術，綜合業務數字網的實現，多媒體和
智能型網路的興起。
102 試簡述分組交換的要點。
答：分組交換實質上是在「存儲——轉發」基礎上發展起來的。它兼有電路交換和報文交
換的優點。在分組交換網路中，數據按一定長度分割為許多小段的數據——分組。以短的分
組形式傳送。分組交換在線路上採用動態復用技術。每個分組標識後，在一條物理線路上采
用動態復用的技術，同時傳送多個數據分組。在路徑上的每個結點，把來自用戶發端的數據
暫存在交換機的存儲器內，接著在網內轉發。到達接收端，再去掉分組頭將各數據欄位按順
序重新裝配成完整的報文。分組交換比電路交換的電路利用率高，比報文交換的傳輸時延小，
交互性好。
分組交換網的主要優點是：
① 高效。在分組傳輸的過程中動態分配傳輸帶寬，對通信鏈路是逐段佔有。
② 靈活。每個結點均有智能，為每一個分組獨立地選擇轉發的路由。
③ 迅速。以分組作為傳送單位，通信之前可以不先建立連接就能發送分組；網路使用高
速鏈路。
④ 可靠。完善的網路協議；分布式多路由的通信子網。
103 試從多個方面比較電路交換、報文交換和分組交換的主要優缺點。
答：（1）電路交換電路交換就是計算機終端之間通信時，一方發起呼叫，獨佔一條物理
線路。當交換機完成接續，對方收到發起端的信號，雙方即可進行通信。在整個通信過程中
雙方一直佔用該電路。它的特點是實時性強，時延小，交換設備成本較低。但同時也帶來線
路利用率低，電路接續時間長，通信效率低，不同類型終端用戶之間不能通信等缺點。電路
交換比較適用於信息量大、長報文，經常使用的固定用戶之間的通信。
（2）報文交換將用戶的報文存儲在交換機的存儲器中。當所需要的輸出電路空閑時，
再將該報文發向接收交換機或終端，它以「存儲——轉發」方式在網內傳輸數據。報文交換的
優點是中繼電路利用率高，可以多個用戶同時在一條線路上傳送，可實現不同速率、不同規
程的終端間互通。但它的缺點也是顯而易見的。以報文為單位進行存儲轉發，網路傳輸時延
大，且佔用大量的交換機內存和外存，不能滿足對實時性要求高的用戶。報文交換適用於傳
輸的報文較短、實時性要求較低的網路用戶之間的通信，如公用電報網。
（3）分組交換分組交換實質上是在「存儲——轉發」基礎上發展起來的。它兼有電路交
換和報文交換的優點。分組交換在線路上採用動態復用技術傳送按一定長度分割為許多小段
的數據——分組。每個分組標識後，在一條物理線路上採用動態復用的技術，同時傳送多個
數據分組。把來自用戶發端的數據暫存在交換機的存儲器內，接著在網內轉發。到達接收端，
再去掉分組頭將各數據欄位按順序重新裝配成完整的報文。分組交換比電路交換的電路利用
率高，比報文交換的傳輸時延小，交互性好。
104 為什麼說網際網路是自印刷術以來人類通信方面最大的變革？
105 試討論在廣播式網路中對網路層的處理方法。討論是否需要這一層？
答：廣播式網路是屬於共享廣播信道，不存在路由選擇問題，可以不要網路層，但從OSI
的觀點，網路設備應連接到網路層的服務訪問點，因此將服務訪問點設置在高層協議與數據
鏈路層中邏輯鏈路子層的交界面上，IEEE 802 標准就是這樣處理的。
106 計算機網路可從哪幾個方面進行分類？
答：從網路的交換功能進行分類：電路交換、報文交換、分組交換和混合交換；從網路的拓撲結構進行分類：集中式網路、分散式網路和分布式網路；從網路的作用范圍進行分類：廣域網WAN、區域網LAN、城域網MAN；從網路的使用范圍進行分類：公用網和專用網。
107 試在下列條件下比較電路交換和分組交換。要傳送的報文共x（bit）。從源站到目的站共經過k段鏈路，每段鏈路的傳播時延為d（s），數據率為b（b/s）。在電路交換時電路的建立時間為S（s）。在分組交換時分組長度為p（bit），且各結點的排隊等待時間可忽略不計。問在怎樣的條件下，分組交換的時延比電路交換的要小？
答：對於電路交換，t=s時電路建立起來；t=s+x/b 時報文的最後1 位發送完畢；t=s+x/b+kd時報文到達目的地。而對於分組交換，最後1位在t=x/b時發送完畢。為到達最終目的地，最後1個分組必須被中間的路由器重發k1 次，每次重發花時間p/b（一個分組的所有比特都接收齊了，才能開始重發，因此最後1位在每個中間結點的停滯時間為最後一個分組的發送時間），所以總的延遲為
所以：
108在上題的分組交換網中，設報文長度和分組長度分別為x 和（p+h）（bit），其中p為分組的數據部分的長度，而此為每個分組所帶的控制信息固定長度，與p的大小無關。通信的兩端共經過k段鏈路。鏈路的數據率為b（b/s），但傳播時延和結點的排隊時間均可忽略不計。若打算使總的時延為最小，問分組的數據部分長度P應取為多大？
答：所需要的分組總數是x /p ，因此總的數據加上頭信息交通量為（p+h）x/p 位。源端發送這些位需要時間為： 中間的路由器重傳最後一個分組所花的總時間為（k1）（p+h）/b因此我們得到的總的延遲為對該函數求p的導數，得到 令 ？得到 ？因為p＞0，所以 故 時能使總的延遲最小。
109 計算機網路中的主幹網和本地接入同各有何特點？
答：主幹網路一般是分布式的，具有分布式網路的特點：其中任何一個結點都至少和其它兩個結點直接相連；本地接入網一般是集中式的，具有集中式網路的特點：所有的信息流必須經過中央處理設備（交換結點），鏈路從中央交換結點向外輻射。
110 試計算以下兩種情況的發送時延和傳播時延：（1）數據長度為107bit，數據發送速率為100kb/s，收發兩端之間的傳輸距離為1000km，信號在媒體上的傳播速率為2×108m/s。 解：發送時延＝ 107bit/100kbit/s =100s
傳播時延＝ 1000km/2×108m/s =5×103s
（2）數據長度為103bit，數據發送速率為1Gb/s。收發兩端之間的傳輸距離為1000km，信號在媒體上的傳播速率為2×108 m/s。
解：發送時延＝103bit/1×109bit/s =1×106s
傳播時延＝ 1000km/2×108m/s =5×103s
111 計算機網路由哪幾部分組成？
答：一個計算機網路應當有三個主要的組成部分：
（1）若干主機，它們向用戶提供服務；
（2）一個通信子網，它由一些專用的結點交換機和連接這些結點的通信鏈路所組成的； （3）一系列協議，這些協議為主機之間或主機和子網之間的通信而用的。